【BZOJ 1028】 [JSOI2007]麻将
1028: [JSOI2007]麻将
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Description
麻将是中国传统的娱乐工具之一。麻将牌的牌可以分为字牌(共有东、南、西、北、中、发、白七种)和序数牌(分为条子、饼子、万子三种花色,每种花色各有一到九的九种牌),每种牌各四张。在麻将中,通常情况下一组和了的牌(即完成的牌)由十四张牌组成。十四张牌中的两张组成对子(即完全相同的两张牌),剩余的十二张组成三张一组的四组,每一组须为顺子(即同花色且序数相连的序数牌,例如条子的三、四、五)或者是刻子(即完全相同的三张牌)。一组听牌的牌是指一组十三张牌,且再加上某一张牌就可以组成和牌。那一张加上的牌可以称为等待牌。 在这里,我们考虑一种特殊的麻将。在这种特殊的麻将里,没有字牌,花色也只有一种。但是,序数不被限制在一到九的范围内,而是在1到n的范围内。同时,也没有每一种牌四张的限制。一组和了的牌由3m + 2张牌组成,其中两张组成对子,其余3m张组成三张一组的m组,每组须为顺子或刻子。现给出一组3m + 1张的牌,要求判断该组牌是否为听牌(即还差一张就可以和牌)。如果是的话,输出所有可能的等待牌。
Input
包含两行。第一行包含两个由空格隔开整数n, m (9<=n<=400, 4<=m<=1000)。第二行包含3m + 1个由空格隔开整数,每个数均在范围1到n之内。这些数代表要求判断听牌的牌的序数。
Output
输出为一行。如果该组牌为听牌,则输出所有的可能的等待牌的序数,数字之间用一个空格隔开。所有的序数必须按从小到大的顺序输出。如果该组牌不是听牌,则输出"NO"。
Sample Input
1 1 2 2 3 3 5 5 5 7 8 8 8
Sample Output
暴力枚举+判断。
首先枚举加入序号为几的牌,然后再枚举那个序号的牌作为对子,接下来就是判断当前的情况是否恰好能组成顺子和刻子了。
从序号为1的开始,对于第i个先mod 3得到余数,然后把i+1和i+2减去这个余数,只要判断是否为存在负数的情况即可(n+1,n+2也需要判断)
为什么可以这样进行判断呢?
如果第i个不是给后面的数mod 3的余数个,那么他也必须再多给3的倍数个(否则会被拆散),这样后面以此类推都要多给出3的倍数个,相当于只给出mod 3的余数个。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <algorithm> using namespace std; int a[405],cnt[405],n,m,f,ans[405]; bool Judge() { for (int i=1;i<=n;i++) a[i]=cnt[i]; a[n+1]=a[n+2]=0; for (int i=1;i<=n;i++) { if (a[i]<0) return false; a[i]%=3; a[i+1]-=a[i],a[i+2]-=a[i]; } if (a[n+1]<0||a[n+2]<0) return false; return true; } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for (int i=1;i<=3*m+1;i++) { int x; scanf("%d",&x); cnt[x]++; } for (int i=1;i<=n;i++) { cnt[i]++; f=0; for (int j=1;j<=n;j++) if (cnt[j]>=2) { cnt[j]-=2; if (Judge()) f=1; cnt[j]+=2; if (f) break; } if (f) { ans[0]++,ans[ans[0]]=i; } cnt[i]--; } if (ans[0]) { for (int i=1;i<ans[0];i++) cout<<ans[i]<<" "; cout<<ans[ans[0]]<<endl; } else puts("NO"); return 0; }
感悟:
1.PE是因为多输出了空格
2.一开始想到这个验证方法但是没敢写,其实证明很简单,要保证一个序数不在刻子里的数的个数为三的倍数。
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